Αλλο ένα τεχνικό και ευχάριστο πρόβλημα του Λ. Κούμπελ (1910) με τα λευκά να αιχμαλωτίζουν τον μαύρο Ρήγα σε δύο (2) κινήσεις.

Λευκά: Ρθ3, Βα5, Ιζ3, Ιζ5, Αθ1, Στρ. δ3 (6)

Μαύρα: Ρζ4, Πε7, Ιη7, Ιθ2 (4)

Το ισχυρό:

Λευκά: Ρζ4, Πη8, Πθ2, Ιδ2, Ιζ1, Αθ4, Στρ. η2 (7)

Μαύρα: Ρη1, Ιθ6, Αη4, Στρ. ζ5 (4)

Από το 1941 είναι η σύνθεση του Κ. Πέτερσον και μας ζητάει να κάνουμε ΜΑΤ με τα λευκά σε τρεις (3) κινήσεις.

Η ΛΥΣΗ ΤΟΥ ΠΡΟΗΓΟΥΜΕΝΟΥ

Λευκά: Ρα4, Βδ5, Ιβ1, Ιδ3, Αη6, Αθ4, Στρ. δ2 (7)

Μαύρα: Ρδ1, Στρ. β2, η5 (3)

Παίζουν τα λευκά και κάνουν ΜΑΤ σε δύο (2) κινήσεις. Απλό, γρήγορο, αρκετά έξυπνο και με απρόβλεπτη πρώτη κίνηση το πρόβλημα του Κούμπελ! 1. Ιγ1! (απειλεί 2. Βθ1Χ) 1... βγ1=Β 2. Βζ3+ ματ! Αν 1... βγ1=Ι, τότε 2. Ιγ3+ ματ!

* Απαντήσεις στο κείμενο με τις σπουδές της 4/3/3007: Στο διάγραμμα σωστό είναι το 1... Πζ2! με απειλή ματ στο «θ2». Στο 2ο πρόβλημα έχουμε 1... Βη1+! 2. Ρη1 Ιε2+ 3. Ρ~ και Ιγ1 0-1.

Η λύση του ισχυρού:

Η κίνηση αναμονής 1. Ιε3 είναι σωστή 1... Ρθ2 2. η3 Ρη1 3. Βη2+ ματ. Αν 1... Αζ3 2. ηζ3 Ρη1 3. Βη2+ ματ. Αν 1... Αθ3 2. ηθ3 Ρη1 4. Βη2Χ. Εξαντλήστε παρόμοια ματ.