Σκάκι κορυφής στη Ζυρίχη με το «Zurich Chess Challeuge 2014», όπου ήταν και η πρώτη εμφάνιση των Κάρλσεν - Ανάντ, μετά από το Παγκόσμιο Πρωτάθλημα στο Τσενάι της Ινδίας. Μαζί τους, οι Νακαμούρα, Καρουάνα, Αρονιάν και Γκέλφαντ αγωνίστηκαν σε τρία διαφορετικά ματς με σύστημα ΠΟΥΛ των 5 γύρων.

Στο Μπλιτς (χρόνος 5' + 2''), 1.-2. Κάρλσεν, Αρονιάν από 3β. 3.-5. Νακαμούρα, Καρουάνα, Ανάντ από 2,5 β. και ο Γκέλφαντ με 1,5 β.

Στο Ράπιντ (χρόνος 25' + 10'') νικητής ήταν ο Καρουάνα με 4β. στους 5 αγώνες, 2ος ο Νακαμούρα 3,5β., 3ος ο Αρονιάν 3β., 4ος ο Κάρλσεν 2β., 5ος ο Γκέλφαντ 1,5β., 6ος ο Ανάντ 1β.

Στο Κλασικό σκάκι (με χρόνο σκέψης 2,5 ώρες για κάθε παίκτη) νικητής ο Κάρλσεν με 8β. (οι συναντήσεις ήταν διπλές), 2. Αρονιάν 6β., 3. Καρουάνα 5β., 4.-5. Νακαμούρα, Ανάντ από 4β. και 6. Γκέλφαντ με 3β.

Τέλος, στη συγκεντρωτική βαθμολογία νικητής αναδείχθηκε ο Παγκόσμιος Πρωταθλητής Μάγκνους Κάρλσεν (Νορβ. 2872) με 10β. (κλασσικό και Ράπιντ), 2.-3. Φαμπιάνο Καρουάνα (Ιταλ. 2782), Λεβόν Αρονιάν (Αρμ. 2812) από 9β., 4. Χικάρου Νακαμούρα (ΗΠΑ 2789) 7,5β., 5. Βισβανάθαν Ανάντ (Ινδία 2773) 5β., 6. Μπόρις Γκέλφαντ (Ισραήλ 2777) 4,5 βαθμούς.

Σε μερικές σπουδές - υπογραμμίζει ο πρωταθλητής Ελλάδας Νίκος Μενδρινός - βαθμολογείται μόνο η κύρια συνέχεια (μονοβάριαντες σπουδές), ανάλογα δηλαδή με το πόσο θα προχωρήσετε σ' αυτήν θα λάβετε και τους αντίστοιχους βαθμούς.

5. Βοηθητικά (h#N) Τα βοηθητικά είναι προβλήματα συνεργασίας όπου η μια πλευρά (τα μαύρα) βοηθά την άλλη (τα λευκά) να την κάνει ματ. Στα βοηθητικά παίζουν πρώτα τα μαύρα, έτσι η λύση ξεκινά με κίνηση των μαύρων! Επίσης, σε ένα βοηθητικό Ν κινήσεων για να θεωρηθεί σωστή η λύση πρέπει να περιλαμβάνει και την τελευταία (Ν^ή) κίνηση των λευκών, αυτή δηλαδή που πραγματοποιεί το ματ! Π.χ. στο διάγραμμα αυτού του κειμένου, βλέπουμε ένα βοηθητικό 2 κινήσεων (h#2), το οποίο έχει δύο λύσεις - σε αντίθεση με όλες τις άλλες κατηγορίες προβλημάτων, τα βοηθητικά είναι σύνηθες να έχουν πάνω από μια λύσεις (οι οποίες επίσης συνήθως - όχι όμως αναγκαστικά - είναι συναφείς μεταξύ τους) - η πλήρης λύση έχει ως εξής: 1. η6 Ιθ5 2. ηθ5 Αδ8+ ματ (2,5) Προσέξτε ότι δεν γράφουμε 1... η6, αλλά 1. η6. Η 2η λύση: 1. η5 Πθ3+ 2. ηθ3 Αζ2+ ματ (2,5) σύνολο 5 β. Προσέξτε ακόμη μια φορά ότι στη γραφή της λύσης η πρώτη κίνηση είναι των μαύρων! Είναι η μοναδική κατηγορία προβλημάτων όπου συμβαίνει αυτό.

6. Αντίστροφα (s#N) Στα αντίστροφα προβλήματα τα λευκά προσπαθούν να εξαναγκάσουν τα μαύρα να τα κάνουν ματ! Τα δε μαύρα προσπαθούν με κάθε τρόπο να αποφύγουν να κάνουν ματ τα λευκά! Σε ένα αντίστροφο Ν κινήσεων η πλήρης λύση πρέπει να περιλαμβάνει την 1η κίνηση των λευκών (το κλειδί), την πιθανή απειλή που δημιουργεί αυτή η κίνηση καθώς και τις βαριάντες για όλες τις πιθανές άμυνες των μαύρων (αυτές που αμύνονται στην απειλή) μέχρι και τη Ν^η κίνηση των λευκών. Ετσι το ακόλουθο αντίστροφο 4 κινήσεων (s#4) που παρουσιάζουμε με αλγεβρικά σύμβολα (Λευκά: Ργ8, Βη7, Πζ1, Πθ6, Ιε5, Αβ8, Αδ1, Στρ. β7, γ7, η2 (10). Μαύρα: Ρε8, Στρ. θ2 (2), η λύση που δίνει και τους 5 βαθμούς (και περιλαμβάνει όλες τις βαριάντες μέχρι και την 4η κίνηση των λευκών) είναι: 1. Ιγ4! (αναμονή) Αν 1... θ1=Β 2. Αθ5+ Βθ5 3. Βε5+ Βε5 4. Πε6+ (1,25) Αν 1... θ1=Π 2. Πθ8+ Πθ8 3. Πζ8+ Πζ8 4. Βε7+ (1,25)

Αν 1... θ1=Α 2. Αζ3 Αη2 3. Αγ6+ Αγ6 4. Βδ7+ (1,25)

Αν 1...θ1=Ι 2. Πθ4 Ιη3 3. Πε4+ Ιε4 4. Ιδ6+ (1,25) σύνολο 5 βαθμοί (Συνεχίζεται)

Του Οράτιο Μουσάντε (1957) είναι η σύνθεση και μας ζητάει να κάνουμε ΜΑΤ με τα λευκά.

Λευκά: Ρα2, Βθ7, Πθ1, Πθ3, Ιδ5, Ιη3, Αη2 (7)

Μαύρα: Ρη4, Ββ6, Ιδ2, Ιθ6, Αβ8, Στρ. α5, β5, γ4, γ7, η5 (10)

Το ισχυρό:

Λευκά: Ρζ1, Βα4, Πα1, Πε7, Ιγ3, Αγ4, Στρ. α2, β2, ζ2, θ2 (10)

Μαύρα: Ρβ8, Βζ5, Πη2, Πθ8, Ιζ4, Στρ. α7, β7, γ5, ζ7, η7, θ7 (11)

Ενας θεαματικός συνδυασμός 7 κινήσεων θα φέρει τη νίκη. Παίζουν τα μαύρα.

Η λύση του προηγουμένου

Λευκά: Ργ1, Βθ6, Πβ8, Ιδ5, Ιε5, Αα8, Στρ. α4, α6 (8)

Μαύρα: Ργ5, Αζ5, Στρ. α5, α6, γ2, δ4, δ6 (7)

Παίζουν τα λευκά και κάνουν ΜΑΤ σε (2) δύο κινήσεις.

1. Βη6! (κίνηση αναμονής) Αη6 2. Ιδ7+ Αν 1... Αη4 2. Βγ2+ Αν 1...δ3 2. Βη1+ Αν 1... δε5 2. Βγ6 + ματ!

* Ευχαριστούμε τον αναγνώστη και φίλο της στήλης Ilias V. για τις σωστές απαντήσεις σε προβλήματα προηγούμενου «Ρ».

Η λύση του ισχυρού:

1... Βθ3+! Πριν από αυτή τη θυσία, μπορούσε να εκτιμήσει κανείς ότι τα λευκά υπερτερούσαν. Τώρα όμως; 2. Ρθ3 Πθ6+ 3. Ρη4 Ιζ6+ 4. Ρζ5 Ιη4! 5. Ρη4 ή ζη4 ή Πη4 και ακολουθεί ματ!

Ενα υπέροχο πρόβλημα του Σαμ Λόιντ (1858) που μας έστειλε φίλος της στήλης. Παίζουν τα λευκά και κάνουν ΜΑΤ σε (3) τρεις κινήσεις. Στο Νο 696, τα λευκά κάνουν ΜΑΤ με δύο διαφορετικούς τρόπους.

* Μια παρτίδα για την προπόνησή σας από το πρόσφατο τουρνουά κορυφής της Ελβετίας

Λευκά: Νακαμούρα

Μαύρα: Κάρλσεν

1. δ4 Ιζ6 2. γ4 ε6 3. Ιγ3 Αβ4 4. ζ3 δ5 5. α3 Αε7 6. ε4 δε4 7. ζε4 ε5 8. δ5 Αγ5 9. Αη5 0-0 10. Ιζ3 Αη4 11. θ3 Αζ3 12. Βζ3 Ιβδ7 13. 0-0-0 Αδ4 14. Ιε2 γ5 15. η4 α5 16. Ρβ1 Πα6 17. Ιη3 η6 18. θ4 α4 19. Πθ2 Βα5 20. Αδ2 Βγ7 21. η5 Ιε8 22. θ5 Πβ6 23. Αγ1 Πβ3 24. Βη4 Ιβ6 25. Αε2 Ιδ6 26. Πδθ1 Αβ2 27. Αβ2 Ιβγ4 28. Αγ4 Ιγ4 29. θη6 Ββ6 30. η7 Πδ8 31. Βθ4 Πβ2+ 32. Ρα1 Πθ2 33. Πθ2 Βη6 34. Ιζ5 Πε8 35. Βη4 Ββ6 36. Βθ3 Βη6 37. δ6 Ιδ6 38. Ιδ6 Πδ8 39. Ιγ4 Βε4 40. Βθ5 Πδ3 41. Πθ4 Βζ5 42. Βε2 β5 43. Ιδ2 Βη5 44. Βδ3 Βθ4 45. Ιε4 Ρη7 46. Βζ3 Βζ4 47. Βη2 + Ρζ8 48. Ρβ2 θ5 49. Ιδ2 θ4 50. Ργ2 β4 51. αβ4 γβ4 52. Βα8 + Ρη7 53. Βα4 θ3 54. Ββ3 θ2 55. Βδ5 ε4 56. Βθ5 ε3 57. Ιζ3 ε2 58. Ρβ3 ζ6 59. Ιε1 Βη3+ 60. Ρα4 Βη1 61. Βε2 Βα7+ 0-1.

ΔΙΑΓΡΑΜΜΑΤΑ Να 695 - 696

Στα προηγούμενα: Στο Νο 693 σωστό είναι το 1. Ιη3! Ρδ2 2. Βδ4 + Ρε1 3. Ιγ2Χ αν 2... Ργ1 τότε 3. Ιε2Χ Αν 1... α4 2. Ιε4! Ρδ1 3. Βζ1 + ματ! Στο Νο 694 εύκολη αλλά έξυπνη και διδακτική. 1. Βη7+! (πάντα ο άμεσος στόχος είναι ο αντίπαλος Ρουά) Ρη7 2. Πη5++ (προσέξτε, το Σαχ είναι διπλό) και ΜΑΤ!